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实用标准文案
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计数原理、排列组合题型与方法
☆基本思路:大的方向分类,类中可能有步或类
例 1:架子上有不同的 2 个红球,不同的 3 个白球,不同的 4 个黑球.若从中取 2 个不同色的球,则取法种数为 .
解:先分类、再分步,共有取法 2×3+2×4+3×4=26 种.故填 26.
例 1
例 1:如图所示,使电路接通,开关不同的开闭方式有(
)
A.11 种
C.21 种
B.20 种
D.12 种
解:分两步,第一部分接通,则可能有一个接通或者两个都接通,有 3 种可能;第二部
分接通,则可能恰有一个接通或恰有两个接通或者都接通,有 7 种可能。从而总共有
3 7=21 种方式。
☆基本思路:排除法间接求解
例 1:(2013·济南模拟)电路如图所示,在 A,B 间有四个开关,若发现 A,B 之间电路不通,则这四个开关打开或闭合的方式有 ( )
A.3 种 B.8 种
C.13 种 D.16 种
解:各个开关打开或闭合有 2 种情形,故四个开关共有 24 种可能,其中能使电路通的情形有:1,4 都闭合且 2 和 3 中至少有一个闭合,共有 3 种可能,故开关打开或闭合的不同情形共有 24-3=13(种).故选 C.
☆剔除重复元素
例 1:(2013·四川)从 1,3,5,7,9 这五个数中,每次取出两个不同的数分别记为 a, b,共可得到 lga-lgb 的不同值的个数是( )
A.9 B.10 C.18 D.20
a 1 3 3 9
解:lga-lgb=lg ,而 = , = ,故所求为 A2-2=18 个,故选 C.
b 3 9 1 3 5
☆投信问题
例 1:将 5 封信投入 3 个邮筒,不同的投法共有( )
A.53 种 B.35 种 C.3 种 D.15 种
解:第 1 封信,可以投入第 1 个邮筒,可以投入第 2 个邮筒,也可以投入第 3 个邮筒,
共有 3 种投法;同理,后面的 4 封信也都各有 3 种投法.所以,5 封信投入 3 个邮筒,不同的投法共有 35 种.故选 B.
例 2:有六名同学报名参加三个智力竞赛项目,在下列情况下各有多少种不同的报名方法?(不一定六名同学都能参加)
每人恰好参加一项,每项人数不限; (2)每项限报一人,且每人至多参加一项;
(3)每项限报一人,但每人参加的项目不限.
解 (1)每人都可以从这三个比赛项目中选报一项,各有 3 种不同选法,由分步乘法计数原理,知共有选法 36=729(种).
每项限报一人,且每人至多参加一项,因此可由项目选人,第一个项目有 6 种选法, 第二个项目有 5 种选法,第三个项目只有 4 种选法,由分步乘法计数原理,得共有报名方法 6×5×4=120(种).
由于每人参加的项目不限,因此每一个项目都可以从这六人中选出一人参赛,由分步乘法计数原理,得共有不同的报名方法 63=216(种).
☆数字排列问题
例 1:用数字 0,1,2,3,4,5 组成没有重复数字的四位数.
可组成多少个不同的四位数? (2)可组成多少个不同的四位偶数?
解:(1)直接法:A1A3=300; 间接法:A4-A3=300.
5 5 6 5
由题意知四位数的个位上必须是偶数,同时暗含了千位不能是 0,因此该四位数的个
位和千位是“特殊位置”,应优先处理;另一方面,0 既是偶数,又不能排在千位,属“特殊元素”,应重点对待.
5解法一:(直接法)0 在个位的四位偶数有 A3个;0 不在个位时,先从 2,4 中选一个放在
5
个位,再从余下的四个数(不包括 0)中选一个放在千位,应有 A1A1A2个.
综上所述,共有 A3+A1A1A2=156(个).
2 4 4
5 2 4 4
解法二:(间接法)从这六个数字中任取四个数字组成最后一位是偶数的排法,有 A1A3
3 5
个,其中千位是 0 的有 A1A2个,故适合题意的数有 A1A3-A1A2=156(个).
2 4 3 5 2 4
点拨:
本例是有限制条件的排列问题,先满足特殊元素或特殊位置的要求,再考虑其他元素或位置,同时注意题中隐含条件 0 不能在首位.
例 2:用数字 2,3 组成四位数,且数字 2,3 至少都出现一次,这样的四位数共有
个(用数字作答).
解析 数字 2,3 至少都出现一次,包括以下情况:
444“2”出现 1 次,“3”出现 3 次,共可组成 C1=4(个)四位数. “2”出现 2 次,“3”出现 2 次,共可组成 C2=6(个)四位数. “2”出现 3 次,“3”出现 1 次,共可组成 C3=4(个)四位数. 综上所述,共可组成 14 个这样的四位数.
4
4
4
例3:(2014·武汉模拟)如果正整数M 的各位数字均不为4,且各位数字之和为6,则称M 为“
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