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课后提升作业十三
函数y=Asin(ωx+φ)的图象(二)
(45分钟70分)
一、选择题(每小题5分,共40分)
1.某同学用“五点法”画函数y=Asin(ωx+φ)(A0,ω0,|φ|π2
ωx+φ
0
π
π
3
2π
x
π
π
5
7
3
y
0
2
0
-2
0
则有()
=0,ω=π12,φ=0 =2,ω=3,φ=
=2,ω=3,φ=-π4 =1,ω=3,φ=-
【解析】选C.由表可知A=2,又T2=5π12-π
所以T=2π3,故ω=3,又3×π12
所以φ=-π4
2.已知函数y=Asin(ωx+φ)(A0,ω0)的振幅为12,周期为2π3,初相是π
=12x3+
=123x+π6
【解析】选C.由T=2π3=
A=12,φ=π6,所以y=
3.(2023·厦门高一检测)已知函数f(x)=Asin(ωx+φ)(A0,ω0,φπ2)的图象如图所示,f(0)=-32,则A
B.2 C.3
【解析】选C.由T=22π
所以ω=2πT=
所以f(x)=Asin2x+φ,将π6,0代入得Asin2×π
k∈Z,取k=0,得φ=-π3,则f(x)=Asin2x-π3,因为f(0)=-32,所以f(0)=Asin-π3
【补偿训练】(2023·长春高一检测)已知函数y=sin(ωx+φ)
ω0,0φ≤π2的部分图象如图所示,则点P(ω,φ
A.2,π6B.2,π3
【解析】选B.因为T2=5π6-π3=π2,所以T=π,因此ω=2
即2×712π+φ=3π2+2kπ(k∈Z),所以φ=π3+2kπ(k∈Z).又因为0
所以φ=π3,故P2
4.(2023·北京高一检测)f(x)=Asin(ωx+φ)其中A0,|φ|π2
A.向右平移π12
B.向右平移π6
C.向左平移π12
D.向左平移π6
【解析】选C.由图象可知A=1,T=4×5π12-
所以2×π6+φ=π2+2kπ-π2φ
因此f(x)=sin2x+
g(x)=sin2xy=sin2x+π12=sin
【误区警示】解答本题易出现选D的错误,导致出现这种错误的原因是对平移规律掌握的不准确,即y=sin2x+π6是y=sin2x图象向左平移π
5.(2023·普宁高一检测)设函数f(x)=sin2x+
(x)的图象关于直线x=π3
(x)的图象关于点π6
(x)的最小正周期为π,且在0,
D.把f(x)的图象向右平移π12
【解析】选中fπ3=sin23π+π6≠±1,所以x=π3不是对称轴;B中fπ6
x∈0,π12时,2x+π6∈π6,π
6.函数f(x)=12sinx-
=-π2 =π2 =-π6
【解析】选C.由x-π3=π2+kπ(k∈Z)得,x=
当k=-1时,x=-π6
【补偿训练】函数y=2sin3x-π4
A.4π3 B.π C.2π3
【解析】选D.函数图象的两相邻对称轴之间的距离等于T2,即T2=12×2
7.(2023·石家庄高二检测)已知函数f(x)=2sin(ωx+φ)(ω0,0φπ)满足f(-x)=f(x),其图象与直线y=2的某两个交点横坐标为分别为x1,x2,且|x1-x2|的最小值为π,则()
A.ω=12,φ=π4 B.ω=2,φ
C.ω=12,φ=π2 D.ω=2,φ
【解析】选D.因为已知函数f(x)=2sin(ωx+φ)(ω0,0φπ),所以函数f(x)的最大值为2,又函数图象与直线y=2的某两个交点横坐标分别为x1,x2,且|x1-x2|的最小值为π,所以函数有周期T=2πω=π,所以ω=2,又因为f(-x)=f(x),所以函数f(x)为偶函数,所以φ=
8.(2023·大庆高一检测)若函数f(x)=Asin(ωx+φ)(A0,ω0)的部分图象如图所示,则f(1)+f(2)+f(3)+…+f(2023)+f(2023)+f(2023)的值为()
A.2 C.2+2 D.不确定
【解析】选B.由图可知T=8,A=2,φ=0,
所以ω=2π8=
所以f(x)=2sinπ4
经计算知f(1)+f(2)+…+f(8)=0,
所以原式=252×0=0.
【延伸探究】本题条件不变,试求f(x)的对称轴及单调递增区间.
【解析】由例题解析可知f(x)=2sinπ4
令π4x=π
得对称轴为x=2+4k(k∈Z).
令-π2+2kπ≤π4x≤
得-2+8k≤x≤2+8k(k∈Z),
所以单调递增区间为[-2+8k,2+8k](k∈Z).
二、填空题(每小题5
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