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第二章4.
eq\f(基础巩固练,?25分钟·满分60分?)
一、选择题(本题共7小题,每题6分,共42分)
1.在如图所示的装置中,可视为单摆的是(A)
解析:单摆的悬线要求无弹性,直径小且质量可忽略,故A对,B、C错;悬点必须固定,故D错。
2.做简谐振动的单摆摆长不变,若摆球质量增加为原来的4倍,摆球经过平衡位置时速度减小为原来的1/2,则单摆振动(C)
A.频率、振幅都不变 B.频率、振幅都改变
C.频率不变、振幅改变 D.频率改变、振幅不变
解析:由单摆的周期公式T=2πeq\r(\f(l,g))可知,单摆摆长不变,则周期不变,频率不变;振幅A是物体偏离平衡位置的最大距离,最低点时速度变小、偏离最低点的最大距离也变小,因此振幅减小,故A、B、D错误,C正确。故选C。
3.关于单摆振动过程中的受力,下列正确的说法是(C)
A.重力和摆线对摆球拉力的合力总是指向悬点
B.回复力是重力和摆线对摆球拉力的合力
C.回复力是重力沿切线方向的分力;重力的另一分力小于或等于摆线拉力
D.回复力是重力沿切线方向的分力;重力的另一分力与摆线拉力平衡
解析:重力竖直向下,摆线对摆球的拉力总是指向悬点,故合力不总是指向悬点,故A错误;重力的切向分量提供回复力,径向分力和细线拉力的合力提供向心力,故重力的另一分力小于或等于摆线拉力,故B错误,C正确,D错误。
4.如图所示,光滑轨道的半径为2m,C点为圆心正下方的点,A、B两点与C点相距分别为6cm与2cm,a、b两小球分别从A、B两点由静止同时释放,则两小球相碰的位置是(A)
A.C点 B.C点右侧
C.C点左侧 D.不能确定
解析:由于半径远大于运动的弧长,小球都做简谐运动,类似于单摆。因为在同一地点,周期只与半径有关,与运动的弧长无关。两球都经过eq\f(1,4)周期到达C点,故两球同时到达C点,故选项A正确。
5.甲、乙两个单摆的振动图像如图所示,根据振动图像可以判定(D)
A.甲、乙两单摆振动的周期之比是32
B.甲、乙两单摆振动的频率之比是23
C.若甲、乙两单摆在同一地点摆动,则甲、乙两单摆摆长之比是94
D.若甲、乙两单摆摆长相同,在不同地点摆动,则甲、乙两单摆所在地的重力加速度之比是94
解析:根据图像可知,甲和乙的周期之比为T甲T乙=23,故A错误;因为f=eq\f(1,T),所以甲、乙的频率之比为f甲f乙=32,故B错误;根据单摆的周期公式T=2πeq\r(\f(l,g))可知,同一地点,重力加速度相同,则甲、乙的摆长之比等于周期的平方之比,即为49,故C错误;摆长相同时,重力加速度和周期的平方成反比,即甲、乙两单摆所在地的重力加速度之比为94,故D正确。
6.(多选)如图所示,是一个单摆(θ<5°),其周期为T,则下列正确的说法是(CD)
A.把摆球的质量增加一倍,其周期变小
B.把摆角变小时,则周期也变小
C.此摆由O→B运动的时间为eq\f(T,4)
D.摆球由B→O时,势能向动能转化
解析:由T=2πeq\r(\f(L,g))可知,单摆的周期T与摆球质量m无关,与摆角无关,当摆球质量与摆角发生变化时,单摆做简谐运动的周期不变,故A、B错误;由平衡位置O运动到右端最大位移处需要的时间是四分之一周期,故C正确;摆球由最大位移处B向平衡位置O运动的过程中,重力做正功,摆球的重力势能转化为动能,故D正确。
7.用长为l的细线把一个小球悬挂在倾角为θ的光滑斜面上,然后将小球偏离自然悬挂的位置拉到A点,偏角α≤5°,如图所示。当小球从A点无初速释放后,小球在斜面上往返振动的周期为(C)
A.2πeq\r(\f(l,g)) B.2πeq\r(\f(lsinθ,g))
C.2πeq\r(\f(l,gsinθ)) D.2πeq\r(\f(l,g))sinθ
解析:摆球在斜面所在的平面内做小摆角振动时,重力在斜面上的分力相当于竖直面内的重力,所以gsinθ相当于g,对照T=2πeq\r(\f(l,g)),所以T=2πeq\r(\f(l,gsinθ)),选项C正确,A、B、D错误。
二、非选择题(共18分)
8.(8分)(2023·江苏扬州中学高考模拟)一根轻绳一端系一小球,另一端固定在O点,制成单摆装置。在O点有一个能测量绳中拉力大小的力传感器,让小球绕O点在竖直平面内做简谐运动,由传感器测出拉力F随时间t的变化图像如图所示,则小球振动的周期和此单摆的摆长是多少?(取g=10m/s2,π2=10)
答案:4s4m
解析:因为一个周期内摆球两次经过平衡位置,经过平衡位置时拉力最大,可知小球的周期为4s。根据T=2πeq\r(\f(l,g))得摆长为:l=eq\f(
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