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江苏省常州高级中学2024届高三第一学期期初检测
数学试卷
2023.09
一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1. 已知复数满足(其中为虚数单位),则等于( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据复数模除法的运算性质进行求解即可.
【详解】,
故选:C
2. 已知全集,集合,或,则( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】根据并集、补集的定义进行计算得出结果.
【详解】由或得,
又,
所以.
故选:B.
3. 在空间直角坐标系中,已知异面直线,的方向向量分别为,,则,所成角的余弦值为( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】根据向量的夹角公式结合已知条件直接求解即可
【详解】设异面直线,所成角为,
因为异面直线,的方向向量分别为,,
所以,
故选:A
4. 若函数在区间上单调递减,则实数的取值范围为( )
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】利用复合函数单调性以及二次函数性质可得对称轴在区间的左侧,且在区间内的最小值大于等于零,即可解得.
【详解】根据复合函数单调性可知,函数在区间上单调递减,
因此可知对称轴,且,解得.
故选:D
5. 设,是两条不同的直线,,是两个不同的平面( )
A. 若,,则
B. 若,,则
C. 若,,,则
D. 若,,,则
【答案】C
【解析】
【分析】根据空间中点线面的位置关系,即可结合选项逐一求解.
【详解】对于A,若,,则或者或者相交,故A错误,
对于B,若,,则或者或者相交,故B错误,
对于C,若,,则,又,所以,故C正确,
对于D,若,,,则或者或者相交,故D错误,
故选:C
6. 设,已知的展开式中只有第5项的二项式系数最大,且展开式中所有项的系数和为256,则中的系数为( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据题意得到和,再根据项的取法为1个和1个再计算即可.
【详解】因为的展开式中只有第5项的二项式系数最大,
所以展开式一共有项,即,
令,得展开式中所有项的系数和为,所以,
中项的取法为1个和1个,
所以系数为.
故选:C
7. 已知在直角三角形中,,以斜边的中点为圆心,为直径,在点的另一侧作半圆弧,为半圆弧上的动点,则的取值范围为( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】建立如图所示的平面直角坐标系,求出半圆弧所在的圆的方程,利用数量积的坐标形式可求数量积的取值范围.
【详解】
因为直角三角形为等腰直角三角形,故可建立如图所示的平面直角坐标系,
其中,,,而以为直径的圆的方程为:,
设,则,,
故,因为M在半圆上运动变化,
故,故的取值范围为:.
故选:A.
8. 将一个半径为的球削成一个体积最大的圆锥,则该圆锥的内切球的半径为( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】设圆锥的底面半径为,则高为,表示出圆锥的体积,换元后利用导数可求出体积的最大值,从而可求出圆锥的底面半径和高,再求出母线长,作出圆锥的截面,然后利用三角形相似可求出圆锥内切球的半径.
【详解】设圆锥的底面半径为,则高为,
所以圆锥的体积为,
令,得,
所以,
则,
所以当时,,当时,,
所以在上递增,在上递减,
所以当时,取得最大值,即时,圆锥的体积最大,
此时圆锥的高为,母线长为,
设圆锥的内切球半径为,圆锥的轴截面图如图所示,则
,
因为,
所以,所以,
即,解得,
故选:D
【点睛】关键点点睛:此题考查圆锥的内切球问题,考查导数的应用,解题的关键是表示出圆锥的体积,化简后利用导数求出其最大值,从而可确定圆锥的大小,考查空间想象能力和计算能力,属于难题.
二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分.
9. 已知一组样本数据、、、均为正数,且,若由生成一组新的数据、、、,则这组新数据与原数据的( )可能相等
A. 极差 B. 平均数 C. 中位数 D. 标准差
【答案】BC
【解析】
【分析】利用极差的定义可判断A选项;利用平均数公式可判断B选项;利用中位数的定义可判断C选项;利用方差公式可判断D选项.
【详解】对于A选项,样本数据、、、的极差为,
样本数据、、、的极差为,
因为,则,故A错误;
对于B选项,设样本数据、、、的平均数为,即,
所以,样本数据、、、的平均数为
,
由可知,当时,两组样本数据的平均数相等,故B正确;
当时,样本数据、、、的中位数为,
样本数据、、、中位数为,
同理可
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