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专题十 无机推断考点指向考题分布题型分值元素推断2011湖南,13选择题6框图推断题2010湖南,26非选择题14溶液中常见离子推断2009全国Ⅱ,29非选择题15
透析引领 可以形成白色沉淀的只有BaSO4、BaCO3、Mg(OH)2,因此甲只能是Ba(OH)2;0.1mol/L乙溶液中c(H+)>0.1mol/L,说明乙是硫酸;向丙溶液中滴入AgNO3溶液有不溶于稀HNO3的白色沉淀生成,说明丙是MgCl2,所以丁是NH4HCO3。答案 D联想发挥 物质的推断只能建立在对元素化合物的性质全面掌握的基础之上,基础不牢,决断就难。溶液中可能存在的离子的推断,一般是以中学化学中各种常见离子的检验方法为基础。解答这样的试题,同时也是对学生逻辑思维能力的一次检阅。
(2011全国,27)下图中,A、B、C、D、E是单质,G、H、I、F是B、C、D、E分别和A形成的二元化合物。已知:
回答问题:(1)①中反应的化学方程式为__________________________________;(2)化合物Ⅰ的电子式为______,它的空间构型是_________________________________________;(3)1.6 g G溶于盐酸,得到的溶液与铜粉完全反应,计算至少所需铜粉的质量(写出离子方程式和计算过程);(4)C与过量NaOH溶液反应的离子方程式为____________________,反应后溶液与过量化合物Ⅰ反应的离子方程式为________________________________________;(5)E在I中燃烧观察到的现象是________________________________________________。
透析引领 ①中反应属于铝热反应,故C是单质铝,B是单质铁,H是氧化铝;②中I是二氧化碳,D是单质碳,E是单质镁。F是由氧元素和镁元素组成,即氧化镁,所以A是氧气。
联想发挥 审题是信息收集、信息加工、明确要解决问题、形成解决问题方案的过程。要求考生能够从试题提供的新信息中,准确地提取实质内容,并与已有知识模块整合,重组为新知识模块。同时加强对元素化合物主要性质的掌握,规范化学用语的书写,能有效加快解题速度,提高得分能力。
(2011天津,7)图中X、Y、Z为单质,其他为化合物,它们之间存在如下转化关系(部分产物已略去)。其中,A俗称磁性氧化铁;E是不溶于水的酸性氧化物,能与氢氟酸反应。
回答下列问题:(1)组成单质Y的元素在周期表中的位置是________;M中存在的化学键类型为________;R的化学式是________。(2)一定条件下,Z与H2反应生成ZH4,ZH4的电子式为________。(3)已知A与1 mol Al反应转化为X时(所有物质均为固体).放出a kJ热量。写出该反应的热化学方程式:________。(4)写出A和D的稀溶液反应生成G的离子方程式:________(5)向含4 mol D的稀溶液中,逐渐加入X粉末至过量。假设生成的气体只有一种,请在坐标系中画出n(X2+)随n(X)变化的示意图,并标出n(X2+)的最大值。
透析引领 本题属于无机框图题,这种类型的试题关键是关键是找准题眼,即突破点。A俗称磁性氧化铁,因此A是Fe3O4,在高温下Fe3O4与单质Al发生铝热反应,生成单质铁和Al2O3,而铁在点燃时与氧气化合即生成Fe3O4,所以X、Y分别是铁和氧气;在水中氧气与NO反应生成硝酸,所以D是硝酸;硝酸具有强氧化性与Fe3O4反应,生成Fe(NO3)3、NO和水,因此G是Fe(NO3)3;又因为E是不溶于水的酸性氧化物,且能与氢氟酸反应,所以E只能是SiO2,因此Z单质是硅,SiO2与NaOH溶液反应生成M,所以M是Na2SiO3,Na2SiO3与硝酸反应即生成硅酸胶体,所以R是H2SiO3。
Na2SiO3属于离子化合物,一定含有离子键,同时Si和O之间还存在极性键;Si与H2在高温下生成甲硅烷即SiH4,SiH4是由极性键构成的共价化合物,电子式是 ;向稀硝酸溶液中加入铁粉反应的方程式为Fe+4HNO3===Fe(NO3)3+2H2O+NO↑,当铁粉过量时,铁会继续和Fe(NO3)3反应,生成Fe(NO3)2,方程式为Fe+2Fe(NO3)3===3Fe(NO3)2。由方程式可知4 mol硝酸生成1 mol Fe(NO3)3,1 mol Fe(NO3)3生成1.5 mol Fe(NO3)2,即n(Fe2+)的最大值是1.5 mol。答案 (1)第二周期第ⅥA族 离子键、共价键 H2SiO3(H4SiO4)(2)(3)8Al(s)+3Fe3O4(s)===9Fe(s)+4Al2O3(s)
ΔH=-8a kJ/mo
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