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云南省楚雄州2021届高三数学上学期期中教学质量检测试题 理(含解析)
第Ⅰ卷
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1. 已知集合,,则( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】
根据交集定义计算.
【详解】.
故选:B.
2. 复数的虚部是( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
由复数除法法则计算出后可得其虚部.
【详解】因为,
所以复数z的虚部是.
故选:C.
3. 已知等差数列的前n项和为,且,则( )
A. 36 B. 18 C. 10 D.
【答案】A
【解析】
【分析】
利用等差数列的性质求解.
【详解】因为在等差数列中,,
所以,
所以,
故选:A
4. 的展开式中的系数是( )
A. 90 B. 80 C. 70 D. 60
【答案】A
【解析】
【分析】
根据二项式定理,得到展开式的第项,再由赋值法,即可求出结果.
【详解】因为展开式的第项为,
令,得,则的系数为.
故选:A.
5. 2020年10月1日是中秋节和国庆节双节同庆,很多人外出旅行或回家探亲,因此交通比较拥堵.某交通部门为了解从A城到B城实际通行所需时间,随机抽取了n台车辆进行统计,结果显示这些车辆的通行时间(单位:分钟)都在内,按通行时间分为,,,,五组,频率分布直方图如图所示,其中通行时间在内的车辆有235台,则通行时间在内的车辆台数是( )
A. 450 B. 325 C. 470 D. 500
【答案】C
【解析】
分析】
根据频率分布直方图求出通行时间在内的频率,然后由通行时间在内的车辆有235台与频率可得结论.
【详解】因为,,,四组通行时间的频率分别是0.1,0.25,0.4,0.05,
所以通行时间在内的频率是,
通过的车辆台数是.
故选:C.
6. 若双曲线的一条渐近线与x轴的夹角是,则C的虚轴长是( )
A. B. C. 2 D.
【答案】B
【解析】
【分析】
根据双曲线方程可求出渐近线方程,利用渐近线的倾斜角可得斜率,根据斜率即可求解.
【详解】因为双曲线,
所以双曲线的渐近线方程为,
因为一条渐近线与x轴的夹角是,
所以直线的倾斜角为,
则,解得,
故双曲线的虚轴长是.
故选:B
7. 将函数的图象向左平移个单位长度后,得到函数的图象,则函数图象的一条对称轴方程为( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
由,向左平移个单位长度得到,再令求解.
【详解】因为函数,
由题意得,
所以,
解得,
故选:D
8. 在矩形ABCD中,,,点E满足,则( )
A. 21 B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
以AB,AD所在直线为x,y轴建立平面直角坐标系,用坐标表示向量后计算数量积.
【详解】
9. 如图,在三棱锥D-ABC中,,一平面截三棱锥D-ABC所得截面为平行四边形EFGH.已知,,则异面直线EG和AC所成角的正弦值是( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
利用直线与平面平行的判定与性质可证,从而可知(或其补角)就是异面直线EG和AC所成的角,在直角三角形中计算可得解.
【详解】EFGH是平行四边形,所以,因为平面,平面,
所以平面,又平面,平面平面,
所以,所以(或其补角)就是异面直线EG和AC所成的角,
因为,所以,
因为,,所以,
故.
故选:A
【点睛】思路点睛:平移线段法是求异面直线所成角的常用方法,其基本思路是通过平移直线,把异面直线的问题化归为共面直线问题来解决,具体步骤如下:
(1)平移:平移异面直线中的一条或两条,作出异面直线所成的角;
(2)认定:证明作出的角就是所求异面直线所成的角;
(3)计算:求该角的值,常利用解三角形;
(4)取舍:由异面直线所成的角的取值范围是,当所作的角为钝角时,应取它的补角作为两条异面直线所成的角.
10. 已知为奇函数,且,当时,,则( )
A. 2 B. C. D. 9
【答案】B
【解析】
【分析】
利用及为奇函数推导函数的周期,即可求值.
【详解】因为为奇函数,
所以,
因为,
所以,
所以,
,
所以,
故的周期为,
所以,
故选:B
【点睛】关键点点睛:函数的周期性与奇偶性相关问题,注意常规推理
,以及在推理过程中奇函数性质的运用,替换思想的运用.
11. 椭圆,,分别为左、右焦点,,分别为左、右顶点,P为椭圆上的动点,且恒成立,则椭圆C的离心率可能为( )
A. B. C. D.
【答案】AC
【解析】
【分析】
设,,,则,,,,再由可得,从而可求出离心率的
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