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常德市一中2023年下学期高二年级入学考试试卷
数学
时量:120分钟满分:150分
命题人:高二数学备课组
一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知集合,,则()
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据题意,将集合化简,然后结合集合的运算,即可得到结果.
【详解】因为或,即或,
所以,
由,可得,即,
所以,则.
故选:C
2.如果不等式成立的充分非必要条件是,则实数的取值范围是()
A. B. C.或 D.或
【答案】B
【解析】
【分析】转化为表示的集合是表示集合的真子集,列出不等式组可得答案.
【详解】根据题意,不等式的解集是,设为条件,
设为条件,
则的充分不必要条件是,即表示的集合是表示集合的真子集,
则有(等号不同时成立),
解得.
故选:B.
3.已知扇形面积,半径是1,则扇形的周长是()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据题意,由扇形的面积公式,代入计算,即可得到结果.
【详解】设扇形的弧长为,由扇形的面积公式可得,,即,所以,
则扇形的周长为.
故选:C
4.设为单位向量,在方向上的投影向量为,则()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据投影向量的定义,结合平面向量数量积的运算性质进行求解即可.
【详解】因为在方向上的投影向量为,
所以,
所以有,
故选:D
5.已知,,且,则的最小值是()
A.18 B.16 C.10 D.4
【答案】B
【解析】
【分析】先利用对数运算得,然后利用“1”的代换求解最小值.
【详解】因为,,且,所以,
所以,所以,
当且仅当即时,等号成立,所以的最小值是16.
故选:B
6.下列三个数:,,,大小顺序正确的是()
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据指数、对数的知识确定正确答案.
【详解】,
,,所以,
所以,
,
所以.
故选:C
7.如图,二面角等于,是棱上两点,分别在半平面内,,,且,则的长等于()
A. B. C.4 D.2
【答案】C
【解析】
【分析】根据题意,可得,再由空间向量的模长计算公式,代入计算,即可得到结果.
【详解】由二面角的平面角的定义知,
∴,
由,得,又,
∴
,
所以,即.
故选:C.
8.已知函数(),若在区间内有且仅有3个零点和3条对称轴,则的取值范围是()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】利用整体换元法,结合余弦函数性质即可求解.
【详解】函数.
当时,令,则,
若在有且仅有3个零点和3条对称轴,
则在有且仅有3个零点和3条对称轴,
则,解得.
故选:A.
二、多选题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.
9.下列各式中值为1的是()
A. B.
C. D.
【答案】CD
【解析】
【分析】利用三角函数恒等变换公式逐个计算判断即可.
【详解】对于A,,故A错误;
对于B,,故B错误;
对于C,,故C正确;
对于D,,故D正确.
故选:CD
10.若,,,则事件与的关系错误是()
A.事件与互斥 B.事件与对立
C.事件与相互独立 D.事件与既互斥又独立
【答案】ABD
【解析】
【分析】根据积事件概率不为零可确定与不互斥,不对立,可得ABD错误;根据独立事件概率公式可知C正确.
【详解】对于ABD,,事件与不互斥,不对立,ABD错误;
对于C,,,事件与相互独立,C正确.
故选:ABD.
11.已知函数,部分图象如图所示,下列说法正确的是()
A.的图象关于直线对称
B.的图象关于点中心对称
C.将函数的图象向左平移个单位得到函数的图象
D.若方程在上有两个不相等的实数根,则的取值范围是
【答案】AD
【解析】
【分析】由函数的图象的顶点坐标求出,由周期求出,由五点法作图求出的值,可得的解析式,结合图象及三角函数的性质可得结论.
【详解】由函数的图象可得,由,求得.
再根据五点法作图可得,即,
又,求得,∴函数,
,是最值,故A成立;
,不等于零,故B不成立;
将函数的图象向左平移个单位得到函数
的图象,故C不成立;
当时,,
,,
函数在上的图象如下,
由图可知,时,函数与直线有两个交点,
故方程在上有两个不相等的实数根时,的取值范围是,故D成立.
故选:AD.
12.如图,已知正方体的棱长为1,O为底面ABCD的中心,交平面于点E
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