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专题1.5直角三角形的边角关系章末八大题型总结(培优篇)
【北师大版】
TOC\o"1-3"\h\u
【题型1利用设参数法求锐角三角函数值】 1
【题型2在网格中求锐角三角函数值】 5
【题型3特殊角的三角函数值的计算与应用】 9
【题型4锐角三角函数与平面直角坐标系的综合】 11
【题型5锐角三角函数与一元二次方程的综合应用】 18
【题型6灵活运用已知条件解直角三角形】 19
【题型7解双直角三角形】 22
【题型8解直角三角形与四边形的综合应用】 27
【题型1利用设参数法求锐角三角函数值】
【例1】(2023秋·黑龙江哈尔滨·九年级校考期末)如图,AB=BC=AD,AD⊥BC于点E,AC⊥CD,则sin∠B=.
??
【答案】4
【分析】设AB=BC=AD=1,AE=x,则DE=1-x,根据已知条件得出∠DAC=∠DCE,根据真切的定义得出EC2=AE?DE=x1-x,进而在
【详解】解:设AB=BC=AD=1,AE=x,则DE=1-x
∵AD⊥BC,AC⊥CD,
∴∠D+∠DAC=90°,∠D+∠DCE=90°,
∴∠DAC=∠DCE,
∴tan∠DAC=
∴ECAE
∴EC
∴BE=1-EC=1-x
在Rt△ABE中,A
∴12
整理得,5x
解得:x=0或x=4
∴sin
故答案为:45
【点睛】本题考查了解直角三角形,勾股定理,熟练掌握三角函数的定义是解题的关键.
【变式1-1】(2023秋·广西贺州·九年级统考期末)如图,在菱形ABCD中,DE⊥AB,BE=2,cosA=35,则菱形的周长为
【答案】20
【分析】根据菱形的性质可得AB=BC=CD=AD,结合cosA=AEAD=35,设
【详解】解:∵四边形ABCD是菱形,
∴AB=BC=CD=AD,
∵DE⊥AB,
∴∠DEA=90°,
∴cosA=
设AE=3k,则AD=5k,
∴BE=5k-3k=2k=2,
∴k=1,
∴AD=5,
∴菱形的周长=4AD=4×5=20,
故答案为:20.
【点睛】本题考查的是菱形的性质,锐角三角函数的应用,熟记锐角的余弦的定义,并灵活应用是解本题的关键.
【变式1-2】(2023秋·山西运城·九年级统考期末)如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,点D是AB的中点,连接CD,过点D作DE⊥CD交BC于点E,若tanA=43,BE=7,则
??
【答案】15
【分析】由∠ACB=90°,tanA=43,可设AC=3x,BC=4x,由勾股定理得到AB=5x,由直角角三角形斜边上中线的性质得到
【详解】解:∵∠ACB=90°,tan
∴设AC=3x,
∴AB=A
∵D是AB的中点,
∴CD=BD=AD=1
∴∠DCB=∠DBC,
又DE⊥CD,
∴∠A=∠DEC,
∴tanA=
∴DE=15
∴CE=C
∵BE=7,
∴4x-25
解得x=8,
∴DE=15
故答案为:15.
【点睛】本题主要考查了勾股定理、三角函数、直角三角形斜边上中线的性质,掌握三角函数,直角三角形中线的性质是解题的关键.
【变式1-3】(2023·山西太原·太原五中校考一模)如图,在△ABC中,AC=3,BC=4,D、E分别在CA、CB上,点F在△ABC内.若四边形CDFE是边长为1
【答案】10
【分析】连接AF,过点F作FG⊥AB于G,根据正方形的性质得到AD=2,BE=3,根据勾股定理得到FG=1,BF=10,
【详解】解:连接AF,过点F作FG⊥AB于G,
∵四边形CDFE是边长为1的正方形,
∴CD=CE=DF=EF=1,
∵AC=3,
∴AD=2,
∴AB=A
设BG=x,
∴AG=5-x,
∵FG
∴5-5-x2=10-x
∴FG=B
∴sin∠FBA=
故答案为:1010
【点睛】本题考查了正方形的性质,锐角三角函数,勾股定理,掌握勾股定理是解题的关键.
【题型2在网格中求锐角三角函数值】
【例2】(2023·湖北省直辖县级单位·校联考模拟预测)如图是6个形状、大小完全相同的菱形组成的网格,菱形的顶点称为格点.已知菱形的一个角(∠O)为60°,点A,B,C,D都在格点上,且线段AB,CD相交于点P,则tan∠BPD的值是(????
??
A.13 B.12 C.33
【答案】D
【分析】如图取格点E,连接EC、DE.设小菱形的边长为1.首先证明∠APC=∠ECD,再证明∠CDE=90°,根据tan∠APC=
【详解】解:如图取格点E,连接EC、DE.设小菱形的边长为1.
∵AC=BE,AC
∴四边形ACEB是平行四边形,
∴EC∥AB,
∴∠APC=∠ECD,
依题意∠O=60°,则△OCD是等边三角形,
则
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